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x2+m>1.-2M以2！由知a国+m)=-c>支(+n)人h+m=a-c<专(+n园iCCa-专)片+（。0>0m+安-安(-吉)+(ae-m0（十em(-,即(。-名)十)1af),只需证1ab-1>lb-a,只需证ab-1)'>(6-a),而(ab-1)2-(b-a)a2b2-a2-b2+1=(a2-1)·(6-1)>0,从而原不等式成立，十4高考模拟卷·数学（理）（四）答案第5页（共5页）考

高三一轮复·理数·高三一轮复单元检测卷/理数（六）一、选择题10753×2.828=30409.484d.故选B.1.A【解析】根据韦恩图的意义，阴影部分表示的集合为：集合B与AUC在集合U中的补集的交集.故可7,B【解折】fx)==一的定义城为0，DU表示为：B∩CCu(AUC)].故选A.(1,+∞).设g(x)=x-lnx-1,则g'(x)=1-1(x十2>0当x∈(0,1)时，g'(x)<0,g(x)单调递减，当x∈2.A【解析】由题意，得→x∈(-2,3].故3-x≥0(1,十∞)时，g(x)>0,g(x)单调递增，则g(x)≥选A.g(1)=0.所以f(x)>0,且f(x)在(0,1)上单调3.A【解析】由题图可得函数y=f(x)的图象在点P递增，在(1，十∞)上单调递减.故选B.处的切线与x轴交于点(4,0)，与y轴交于点(0,4)，8.D【解析】由不等式x2+ax十x十a<0得(x+a)(x则切线l:x十y=4,∴f(2)=2,f(2)=-1,f(2)+1)<0,又不等式x2+ax十x十a<0成立的一个充f(2)=-1-2=-3.故选A.分不必要条件是-30,所以a∈(1,2).又因为-a3.故选D.为g(x)=e-1十x-5在(1,2)上单调递增，且g(2)9.A【解析】由题意f(x1)=g(x2),即2x1+1=x2+=e十2-5<0，故e-1+a-5<0.故选C.n,a=合(+na)-合a-有=15.B【解析】因为f(-x)=-4x-2sinx=-f(x),所2(a-n)+分令y=合(x-n)+分，则y以f(x)=4x+2sinx为奇函数，又f(x)=4+2cosx>0,所以f(x)也是增函数，因此f(2m-3)+=2(1-）,∴函数在(0,1)上单调递减，在(1，f(5-3m)<0台f(2m-3)<-f(5-3m)台f(2m十∞)上单调递增，∴.当x=1时，函数取得最小值1.3)

周测卷六1.C解析：由题意得E0=0X日+2×}十4×号=32.B解析：由0.1十m十n十0.2=1，得m十n=0.7,又由E(X)=0×0.1+1×m十2×n+3×0.2=1.8,得m十2=1.2，解得m=0.2,n=0.5,则1g(mm)=一1.3.B解析：设样本数据x,(i=1,2,3,…,11,12)的均值为x,方差为s2,标准差为s,则新样本y=3十m(i=1,2,3,…,11,12)的均值为3x十m,方差为32s2,标准差为3s,所以y=3元十m=3十m,s2=4,所以标准差s=2,所以3s=2×3=6.E(X0=0x号+1Xa+2X=74.A解析：由分布列的性质以及期望公式可得0,解得a=66=所以DX0=日×0-名P+日×1-名)+号×2-名)r=器63615.C解析：由题意，X,Y的可能取值为0,1,2，则PX-0)g-PX=1D-器=号P(X=2)-得-是rev-o-p-1eC_1所以随机变量X,Y的分布列分别为X023152828Y01P1532828所以D=0X名+1X号+2x贺号，5=0×货+1X号+2x8=日所以X0≥B.又D0=8×0-)+号×1-)+8×2-)=)8×0-+×1-2+8×22=0所以E(X)>E(Y),D(X)=D(Y).6.D解析：在选项A中，E(X)=0×0.1+1×0.2+2×0.3+3×0.4=2,D(X)=(0-2)2×0.1+(1-2)2×0.2+(2-2)2×0.3+(3-2)2×0.4=1;在选项B中，E(X)=0×0.4+1×0.3+2×0.2+3×0.1=1,D(X)=(0-1)2×0.4+(1-1)2×0.3+(2-1)2×0.2+(3-1)2×0.1=1:在选项C中，E(X)=0×0.1+1×0.4+2×0.4+3×0.1=1.5,D(X)=(0-1.5)2×0.1+(1-1.5)2×0.4+(2-1.5)2×0.4+(3-1.5)2×0.1=0.65;在选项D中，E(X)=0×0.2+1×0.2+2×0.3+3×0.3=1.7,D(X)=(0-1.7)2×0.2+(1-1.7)2×0.2+(2-1.7)2×0.3+(3-1.7)2×0.3=1.21.7.号解析：由X的分布列知，P(X=0)=号，P(X=1)=，故EX)=0×号+1×号=&3解析：设女生x个，则男生(7-x)个，当x=1时，选到女生个数的均值为号，所以女生至少有2个，设如·6·【22·ZCYK.数学·参考答案一RA一选修2一3（理科）一Y)

(月>0，则，=在（®，2止单调递减，在2+✉止单调递增，故面EAC,PBt面EAC,所以PB∥面EAC.ee c趋向于1，道向于0，则二向于正无穷，当x向正无穷时，趋向正无穷的速常远远大于：趋向正无穷的速率，则趋向于正无(2)取AD的中点O,连接P0,则P0⊥AD,因为面PAD⊥面ABCD且交线为AD,POC面PAD,所以P0⊥面ABCD.设PD=a,则写×x2r2xV后可：5解得=3因为底面ABCD是菱形，LABC=60°，所以0C上AD,且0C=V3.以0为坐标原点，以OC,0D,OP所在直线分别为x轴，y轴，轴建立空间直Om 3角坐标系，者不是根值点，则3是写-。=0即a=的-个根，且存在另一个00,解得x>m;所以(x)在(0，m)单阔莲减在+单调谜增，满足题意，综上：a或=号则A(0,-1,0),BV3,-2,0,C(3,0,0,P(0,0,2V2,D(01,0),(文答案】2+)解析】对于任意的实数：恒有f(x)≥0，即csx+a2-1≥0，即ar2≥1-cosx≥0，显然a≥0，当x=0时，显然成V).CE--V5Vz)P-(o.2V)-立：由偶函数的性质，只要考虑x>0的情况即可，当x>0时，（V3,-1,0,设面PAB的法向量为i=(x,y,则2sin,即2a≥由x>0,则2=>0，则|质和=y+2v万：=0，故可设-4W,-v6列.则2元.A丽=V3x-y=0cos(c匝，cE.元4V10题目特化为2a>僧令g0=m-4>0,求导和=l35,所以直线EC与面PAB所成cos-1≤0，故函数g(t)在(0，+∞)上单调递减，所以g(:)

x1一x2=n,f(x1)一f(x2)=n,即有f(x十n)-f(x)=n,不能得到f(x)是周期函数，B项不正确；.To》,a）-儿)E[1,,则儿n)但[+i上单测性不定，C项不正确；若f)是[2,41相关，则/2Sfx+2)-f)≤4{2fx+4)-fo)≤4，设fx+2)-fp>2,则f(x十4)-f(x十2)>2，f(x十4)-f(x)>f(x十2)十2-f(x)>4,与已知矛盾，所以f(x十2)一f代x)=2,D项正确1843十32=3+2+392一2公2万-2=4，当=0时等号成立914.f(x)=一lgx(答案不唯一)由③考虑对数函数，由②知函数在(0，十∞)上单调递减，设g(x)=一lgx,满足②③，由①知f(x)是偶函数，则f(x)=g(x)=-lgx.15.4由题意知方程mf(x)=g2x)在[日，告上有解，即m兰[哈君3有锦设)。兰：[哈号。因为函数=心一e在[分，号上单调递塔所以[时一e寸，。-e],因为e2+ex=(e-e)2+2,所以h(x)=F()=t+生，[e时-e3,e号-e专].当x>0时，x十是≥4，当且仅当x=2时取“=”，又0<时-e古<2，20,则f(x)=f(-x)=-x2-x十+1，所以f)=-2+1x+1或f=+z+1,x≥0{-x2-x+1,x<0…6分当会0时o)=0=1=水2)=作函数f(x)的部分图象如右，当>时，函数gx)无零点；当一是或1时，函数g(x)有两个零点：当n-1时，函数g(x)有三个零点；当14时，f(x)≤1，如图所示，22由-2一22一4)=昌，解得=昌或=弓，由题意知m≥名，即实数m的最小值为子.…12分全国100所名校高考专项强化卷·数学卷一参考答案第2页（共4页）【理科·N】

D.02022年乐马专学、第2页（共2页(二)选考题：共10分。请考生在第2、23题中任选一题作答。如果的第一顺计分。22.[选修4一4：坐标系与参数方程](10分)在面直角坐标系Oy中，直线1的参数方程为为极点，上轴的正半轴为极轴建立极坐标系，幽线C的极坐标方程为1)求直线1的普通方程和曲线C的直角坐标方程，=5-2(r17.已知双曲线的中心在原点且一个焦点为F(W7,0),直线22.已知⊙M,x+y-2x-(2)a上n,201y=一1与其相交于M,V两点：若N中点的做坐标为一号线12x+y十2=0，P为,上的动点，应时.直线APA,PB。出则此双曲线的方程是PM·AB最小时，直线8方题27.已知抛物线：y2=2p(p>0),若第一象限的A,B两点在抛物TPN扫码查解析A.2x-y-1=0(线上，焦点为F,AF|=2,BF1=4,AB=3,则直线AB的斜率为C,2x-y+1=0x+y-1=0重A号2x+y+1=01.记S.为等差数cA.a.=2n-523已知抛物线的方程月5口其焦点下的直线交比抽物线28,已知椭圆C,号+学-1，点M与C的焦点不重合，者M关于C气范围C.S,=2n2-8n18.一动圆与两圆x2+y2=1和r2+y2-8x十12=0都外切，则动于M、N两点，交y轴于=M,EN=AN市，为的焦点的对称点分别为A,B,线段MN的中点在C上，则A1十入2=ANI+BNI=圆圆心轨迹为A.-2B.-2A.圆B.椭圆D-1已知(am}和bnC.双曲线的一支D.抛物线29.下图是抛物线形拱桥，当水面在1时，拱顶离水面2米，水面宽4米，水位下降1米后，水面宽米=288,a5=96x2,y6424.已知椭圆C:a十6=1a☑0的左右焦点分别为F1、F19设0为坐标原点，直线1=a与双曲线C号-君-1(。>0，下顶点为A,直线A与鱼男-个交点为B,者b>0)的两条渐近线分别交于D,E两点.若△ODE的面积为8，△时A为等段三角形，则情0心率为函数中最小则C的焦距的最小值为x2+2x+A.4B.8C.16y,D.3230.已知动点P(工，y)在椭圆5十61上，若A3.0),点M满足AM=1,且PM·AM=0,则PM的最小值是+22-x20.已知F为抛物线C:y2=4x的焦点，过F作两条互相垂直的直姓名：学号：分数线l,l2,直线与C交于A、B两点，直线l2与C交于D、E题号12345818910111231已知双曲线C号-若-1(a>06>0)的左右焦点分别为e[-1,两点，则|AB|十DE的最小值为答案A.16x的取B.14C.12D.10题号131415161718192021222324F1,F2,过F1的直线与C的两条渐近线分别交于A,B两点若答案F,A=AB,F,B·FB=0,则C的离心率为25.已知点P(2,2)和圆C:x2+y+4+2y+k=0,过P作C的21.设F,P分别是椭圆E:。十=1(a>b>0)的左、右焦点，xy切线有两条，则k的取值范围是过F:的直线交椭圆于A,B两点，且A方，·AF2=0,AF2=32.已知椭圆C,写+y=1,过r轴上一定点N作直载，交箱圆Cx≤2F,B,则椭圆E的离心率为于A,B两点，当直线l绕点N任意旋转时，有ANT十BNB26,双曲线C:?=1的右焦钠F,点P在C的-条渐近线=t(其中t为定值)，则t=0为坐标原点，若P0=PF,则△PF0的面积的为202年伯乐马专题纠错在（六等·第2页失2）

从而可知当x∈(0，)时，g(x)0，且有八+为=32+4'%2=302+43分12(2+1)法一：则1C=(1+)[(y+为}-4y%]=…312+4(说明：此处也可借助椭圆的右焦点半径公式r=a一ex,得到AC=2a-e(x+x)求之)而原点O到直线4C的距离d=1v2tl由于O为线段AB的中点，则B到直线AC的距离为2d,则ac=4q2d=hdd_l2-123+43+1+1T其中m=2+1之1，3m+V2+1m由y=3m+】在[，o∞)上单调递增，故y=3m+L≥4，当m=VP+1=1,即t=0时，等号成立，从而可知，SMc的最大值为3..8分法二：注意到0为线段AB的中点，则Sc=2 SMoc=0F小2-y=V(y+乃)}'-4yy,则有SABc=-6)24x、9-12(2+32+4312+4,以下同法一。.8分32+4(Ⅱ)B、C、D三点共线，证明如下：法一：(证明点D在直线BC上，即证点D的坐标适合直线BC的方程)[3x+4y7=12一方面，由两式相减整理可得4(y-y)=-3(x-),3x+4y=12男一方面，女cc=上二义》-分二兰，从可闲6c=-2为定值。…10分为一为为+为号-243由ACB=0,得4CL4B,即有ck0=-l,叉kc大c=-4】可得=3，-爱从而直线BC的方程为y牛少-3玛(x+x),4x1第4页共2页4/6

三，解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第17~21题为必考题，每个试题考生都必20须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答(一)必考题：共60分.17.(12分)已知等差数列{a.}的前n项和为Sn,且S。+a.+3=n2.（1)求数列{an}的通项公式；(2)若bn=an·2",求数列{bn}的前n项和Tn21.-024=a3,21=35答，01=8k,10音3点.2与00.108t分04,08中0816，图破0118.(12分)某志愿者组织对某小区居民开展了“北京冬奥会”知识调研，并将居民的作答成绩（满分100分）分为“0~59”“60~79”“80~100”三类，其中80分及以上为优秀，80分以下为非优秀.从参与调研的居民中随机抽取60人，将他们的成绩记录如下，0-5960~7980~100340岁以下（含40岁）5151040岁以上815(1)根据已知数据建立2×2列联表，并判断是否有90%的把握认为成绩优秀与年龄有关，(2)用频率估计概率，从成绩优秀的居民中随机选取5人，记40岁以上的人数为X,求X的分布列及数学期望E(X).n(ad-be)2附：K2=(其中n=a+b+c+d为样本容量)(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)P(K≥k)0.1000.0500.0100.001ko2.7063.8416.63510.82823公0°共，化2服小意，海女共感本空19.(12分)如图，在直三棱柱ABC-SPQ中，SA:AB:AC:BC=4:4:5:3.eC(1)证明：面SBC⊥面SAB.(2)求二面角A-SC一B的余弦值.(6-3)

即。-0或p=23cos0,即p=23cos0.6分08由p=2√3cosa,得曲线C与曲线C的异于极点的交点为A(2√3cosB,),…7分同理曲线C与曲线C,的异于极点的交点为B(2sinB,3)六AB到-26co月产2nl-41m(哥)1=2w反，psng吾)=士号即食登-±7+mme》.又：0<<，g或径10分点.)证明：因为r)-ra++a有>a-+x+a=a+1+a有-1，…2分又a>-1,所以a+1+。一1>2-1=1，…4分所以f代x)>l,……5分(2)解：)<2可化为1-a+1+。<2,因为a+1>0,所以1-a小a千(*.6分①当一1<≤0时，不等式(*)无解，.…7分@当a>0时，不等式（河化为子

开始6.若正整数N除以正整数m后的余数为n,则记为N=n(modm),n=10例如10=2mod4).如图所示程序框图的算法源于我国古代闻名B=n+]12中外的《中国剩余定理》执行该程序框图，则输出的=n=1(mod 3)?工是A.23B.22否n=2(mod 5)?C.21D.207.若实数x,y满足X≤y≤2x+3,则x+y的最小值为是输出nB.-62X<义+白<以+3A.-5-6钻束8,直线kx+y-1+4k=0k∈R)与圆x+1)2+0y+2)2=2⑤的位置关系为CC.-7D.-81-2D.不能确定A,相离。相切C.相交=-42+9.函数f6x)=os(ωx+p的部分图象如图所示，则f(x)的单调递减区间为A.km-,km+],k∈ZB.[2km-,2k+],k∈ZC.k-,k+引，k∈ZD.2k-,2k+引k∈Z10.设数列(n是以2为肖项1为公差的等差数列，bnJ是以1为首项，2为公比的等比数列，则ab,+a2十…+ab0=dn:2(n-)e2+n-1:1+n1A.10333-n-B.1034C.2057D.2058-1211.已知焦点在x轴上的双曲线，条渐近线的倾斜角是另一条渐近线的倾斜角的5倍，则双曲线的离心率是的1云父)ax七)(A.25B.2C.6D.2÷处12,如图，生活中有很球缺状的建筑.球被面截下的部分叫做球缺，截面四叫做球缺的底面，（球缺的曲面部分叫做球冠，垂直于截面的直径被截后的线段叫做球缺的高.球冠面积公式为S=2πRH,球缺的体积公式为'=。π(3R-H)H,其中R为球的半径，H为球缺的高。现有一个球被一面所截形成两个球缺，若两个球冠的面积之为12，则这两个球缺的体积之比为19B.2C.2B.310

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三、解答题，本大题共0分，解答应写出文字说明、证明过程或演算19,(本小步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答，第22在边长23题为选考题，考生根据要求作答，量。PC的(一)必考题：共60分.的射17.(本小题满分12分)棱锥已知函数f(x)=√3sin2x+cos2x-1(x∈R).(1)写出函数f(x)的最小正周期和单调递增区间；(2)在△ABC中，角A、B、C所对的边分别是a、b、c,若fB)50,S慨元3Y,且e十=4，求△ABC的周长(1)E .D(2(x)3,0<联.18.(本小题满分12分)长大是。，立兔卧(2022年12月18日，第二十二届世界杯足球赛决赛在中东国家卡塔尔境内举行，最终阿根廷以7：5的比分战胜法国队，赢得本届世界杯冠军.某校足球兴趣小组对该校学生是否观看过本20.(届世界杯决赛的直播进行调查，从调查结果中随机抽取∂份进行分析，得到数据如下表所示。D最联8观看过本届世界杯没有观看过本届世界杯总计决赛直播决赛直播高三年级学生2026非高三年级学生14总计50(1)补全2×2列联表，并判断是否有99%的把握认为是否观看过本届世界杯决赛的直播与年级有关？比是直(2)现从抽取的观看过本届世界杯决赛的直播的人群中，按年级采用分层抽样的方法抽取6人，然后从这6人中随机抽取2人，求抽取的2人都为高三年级学生的概率，附：Kn(ad-bc)2(ab)(c+d)(a+c)(b+a)n7a古b+c十dP(K≥k0)0.050.010.0012©3.8416.63510.8280s201答①SA呗，床延n前的(+dg0·Dy吸贤长，月菩@文科数学试题第4页（共6页）

15.双线铁路较之于单线铁路的优势体现在A.运输能力大B.能源消耗少C.占地面积小D.避免列车脱轨16.比雷埃夫斯港被用作我国集装箱船从亚洲向欧洲出口的转运枢纽，主要得益于其A.可实现河海联运B.距苏伊士运河较近C.冬季结冰期较短D.经济发展水一流17.若中欧陆海快线建成，其主要作用是A.显著降低中欧间的运输成本B.能够解决我国产能过剩问题C.加速中西欧地区的产业转移D.促进沿线资源要素有效流动天山山脉博格达峰北侧的三工河流域各垂直植被带中均有苔藓植物生长，分布各异，大多数苔藓植物喜阴、喜湿，耐贫瘠，可分为石生、土生、水生和树附生等类型。研究发现，三工河流域内荒漠带苔藓植物主要分布在丘间低地，树附生苔藓植物种类和数量比我国东部山地少。据此完成18~20题。18.三工河流域各垂直植被带中苔藓植物种类最多的是A山地森林带B.山地草原带C.山麓荒漠带●D.流石滩植被带19.三工河流域荒漠带苔藓植物主要分布在丘间低地的原因是A.阳光照射较少B.水分条件较好C.避寒效果显著D.昼夜温差较大20.博格达峰树附生苔藓植物种类和数量比我国东部山地少，是因为A.林冠密度较小B.土壤有机质较少C.种间竞争激烈D.人类活动干扰强海水性质及运动状况的改变会对鱼类群落结构产生影响。下图示意赤道附近太洋东部近海海洋生态系统变化。据此完成21一22题。寒冷沿海水域海水水000线P陆架21.赤道附近太洋东部近海a→b的变化过程是A.厄尔尼诺→正常B.正常→厄尔尼诺C.正常→拉尼娜D.厄尔尼诺→拉尼娜地理试题（一中版）第5页（共8页）

全国100所名校高考模拟示范卷A.糯米加入前需进行高压蒸汽灭菌处理B.加人的菌种①是酵母菌，菌种②是醋酸菌C.拌麸皮的操作有利于菌种②的繁殖和代谢D.采用高温浓缩淋出的醋，可以起到杀菌的作用题序2378910答案题序11121314151617181920答案●三、非选择题（本大题共5小题，共55分。）21.(11分)光反应是一个复杂的反应过程。从光合色素吸收光能开始，经过水的光解、电子传递，光能经过中间转化最终以化学能的形式储存在ATP和NADPH中。下图表示某绿色植物光反应过程，图中虚线表示电子()的传递，PQ既可以传递电子又可以传递H+。请回答下列问题：光NADP时+FADP+Pi)光⑧NADPHA迎好细胞色素0a2PCHH+ATP合酶H,00+(1)图中光反应过程发生的场所是;据图分析，光反应过程中具体的能量转化过程为(2)H+的转运对于光反应中ATP的合成具有重要的作用，图中H+跨膜运输的方式是;以下过程中，能够增大膜内外H+浓度差的有(填写编号)。①水光解产生H+②PQ转运H③NADP+与H+结合形成NADPH④CF。-CF1转运H+(3)光合作用过程中，光反应和暗反应是一个整体，二者紧密联系。光反应为暗反应提供(填物质)，暗反应为光反应的进行提供(填物质)。(4)为探究鱼藤酮是否能抑制叶绿体中ATP合酶的作用，需要开展对照实验。除控制变量外，还应为离体的叶绿体培养液提供(至少填2个)等条件，以保证光合作用顺利进行。若鱼藤酮能抑制叶绿体中ATP合酶的作用，以C含量为测量指标时，短时间内，实验结果应是22.(11分)脓毒症是由感染等引起的全身炎症反应综合征，细菌脂多糖是引起全身炎症的主要原因之一。研究发现，针灸可以激活迷走神经一肾上腺抗炎通路（如下图，迷走神经属于副交感神经)，通过一系列调控，纠正脓毒症引起的机体免疫失衡。请回答下列问题：{延随迷走神经>肾上腺去甲肾上腺素细菌脂多糖里穴位感觉神经元肾上腺素炎症生物学卷（四）第6页（共8页）【24·(新高考)ZX·MNW·生物学·LN】

容腹拟示范牌、的主要流刚.肉全团100所名护高考横拟示范增公小充有效城分，(3)光介作川过，光反成暗反应是个牧休、：长紧联系。光反应为暗反成提供(州物质)，暗及应为光反成的进提供(填物质)。(4)为探究傣州是5能抑制叶球体中ΛTP介胸的作用，需要开展对照实：验。除控制变外，还成为离体的叶绿体培养液捉供(至少填2个)等条件，以保证光合作出恤利进行.若鱼燃能灿制叶绿体中ATP合酶的作川.以含址为测t指标时，内.)17.(2分)脓症是感染等升址的个身i红：l.的：多是引子力症的主要原因之·定发见.了以放不仲：í」脲亦训路图，迷走神个」删感种，.；列调；，川K后引心的儿体免投尖债请i；下列i可导迷无神经足细蘭脂多慵经过水的光位炎症和NADPH（1)某脓毒州悲首悠城坚1不会缩腿防持针灸治疗，体现了对低,PQ既可以级中枢码空。！灸产生的电信号在迷走神经一肾上腺抗炎通路中是单向传导的，内是(2)迷走神经属于(填“传人”或“传出”)神经，其在肾上腺接头处属于反射弧中的组成部分。(3)针灸刺激产生的肾上腺素作用于不同组织器官时效果不同，是因为。结合图小过程，分析针灸能够纠正脓毒症引起的机体免疫失衡的机理是析，光反应(4)足三里穴位所在位置，正好是坐骨神经分为腓肠神经、胫神经和腓总神经并向运输的方小腿延伸的位学。对足三里进行低强度电针灸刺激的抗炎作用依赖于腓总神浓度差的经的深部分支，而不是训肠神经或胫神经浅表皮支。为验证这一结论，请设计实验加以验证（以小鼠为实验材料，简要写出实验思路）。【24·(新高考)ZX·MNW·生物学·FJ】

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(月>0，则，=在（®，2止单调递减，在2+✉止单调递增，故面EAC,PBt面EAC,所以PB∥面EAC.ee c趋向于1，道向于0，则二向于正无穷，当x向正无穷时，趋向正无穷的速常远远大于：趋

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下省负责审核诏令，尚书省负责执行等。第二小国革命产生了深远影响”等得出“马克思主义成问简评，结合材料和所学知识，可以从该制度是为强大的社会思潮”。中国官制史的变革、三省之间的关系、三省六部24.【答案

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13.义和团运动期间“拳民”拟定了一份“和约”，部分内容如下：日本将台湾、德国将胶州、俄国将大连湾、英国将新安九龙交还中国：各国使臣来中国者，照乾隆时所定之例，不许进京；各国运来中国货物和运往外国者州

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朝着不同方向沉积。下图分别示意无风状态和有风状态下沉积演化情况，据此完成3~4题。(a无风状态下，滴水下落，形成沉积物(6)有风状态下，滴水沿着岩壁沉积休圆0人W在液3.肉示地貌林木☑属于喀斯特地貌B.多发育于干旱地区同贝人是C.由风力堆积形成D.常见于我国东北地区4.相较于无风状态，有风状态下形成的地貌A.发育的方向较为单一0分出其，B.横向发育的宽度较小中C.垂直方向上发育更明显D发育的形状较不规则留守儿童是指父母双方外出务工或一方外出务工另一方无监护能力、不满十六周岁的未成年人。下图示意某年我国东、中、西部留守儿童占比，据官方数据显示，近年来我国中西部地区留守儿童数量呈明显减少趋势。据此完成5~6题。美成多斯思国参、味染实背全国总数的51.33%系思水司天可大占全国总数的463万39.029%352万当全国总数的含9.65%87万东部中部西部5,我国中西部地区的留守儿童比重较大的主要影响因素是B.社会保障制度A.计划生育政策D.人口出生率C经济发展水6.近年来，我国中西部地区留守儿童数量明显减少的直接原因有③中西部地区老年人口个前往外地上大学的人数增多②返乡创业、就业的人口数量增多数量减少④户籍制度改革，随迁子女数量增多B.③④A.①②D②④241642DC.①③高下学期期中联考·地理第2页（共6页）】

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