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当x>2

(3)①便于控制温度，受热均匀1分)氢氧化钠（合理均可）(1分)@H:SeO,+H,O+2SO,-A-Se+4H*+2SO③取最后一次洗涤液于试管中，向其中先加足量的稀盐酸，再加氯化钡溶液，没有沉淀产生(4)①当滴人最后一滴KMO,溶液，溶液由无色变为浅红色，且半分钟内不褪色0.1xvX101×2×79100%(或1975y%)a【解析】(1)根据化合物中化合价的代数和为0，可知西的化合价为3X2一1X2=4,故为亚函酸；观察图像，由pH一2.5的曲线交点可知，K(H,Sse0,)=cH):cH50)=c(H)=10-,故数量级为10.c(H2 SeO;)(2)观察图像，可如仪器为分液漏斗；实验前先通氮气，可排出装置内的空气，防止干扰实验，实验结束后，再通入氯气，可将装置内的二氧化硫气体赶出，使其被完全吸收。(③)①水的比热容大，水浴加热可以控制温度，同时受热比较均匀；能吸收二氧化疏的溶液较多，如氢氧化的溶液、碳酸钠溶液等；②依题意，用二氧化硫还原亚晒酸生成硒，同时硫的化合价升高，应该得到硫酸，故高子方程式为H,S0,十H,O+2S0,△Se+4H十2S0;③得到的Se表面吸附有硫酸根高子，可通过检验硫酸根来判断是否洗涤干净。(4)高锰酸钾溶液呈紫红色，故滴定终，点现象为当滴入最后一滴KMO,溶液，溶液由无色变为浅红色，且半分钟内不礼色：根据反应的关系式2M0~5Sx0,~5Se,可得s0的物质的量为0.1XVX10×2m0l,由此可得纯度0.1×VX10-×号×79a×10%或1975y%。28.(14分，除标注外，每空2分)(1)①二(1分)该反应放出热量较多使△G<0(1分)②2NH(g)+C02(g)-CO(NH2)2(s)十H2O(g)△H=-87.0kJ·mol(2)①0.01(1分)②250降温、加压、增加C02的量等（答一条即可，1分）③添加0.2 mol NH,和0.1molC0(3)C02+N2+6H*+6e-CO(NH2)2+H2033.6L【解析】(1)①根据图示，能垒最大的即为决速步骤，故为第二步；根据能量变化，可知反应放热(241.0一66.5一87.5)k·mo1=87.0kJ·mol1,该反应△H<0,△S<0,常温下可自发进行的原因是放热较多，导致△G<0;②热化学方程式为2NH(g)+CO2(g)-CO(NHz)2(s)+H2O(g)△H=一87.0kJ·mol1.(2)①由图知反应20min达到衡时，二氧化碳浓度减少了0.2mol·L1,故反应速率为0.01mol·L1·min1,②衡常数K=2NH)·cC0)0.2X0.14X10=250:该反应为气体分子员减少的放热反应，故餐提高1氨气的转化率，可通过降温、加压、增加二氧化碳的量来实现；③25min时，氨气浓度变为0.4mol·L1,可知增大了0.2mol·L,重新达到衡时，氨气浓度不变，则二氧化碳的浓度也不变，根据反应方程式可推出25min时，二氧化碳的浓度为(0.1十0.1)mol·L1=0.2mol·L1,即增加了0.1mol·L1。(3)阴极发生还原反应，则为二氧化碳、氮气反应生成尿素的反应，电极反应式为C门2十N2+6H+十6eCONH,),+HzO:生成1molC0(NH2)2,电路中转移电子的物质的量为6mol,阳极上生成1mol氧气转移4mol电子，故生成1.5mol氧气，故理论上阳极生成的气体在标准状况下的体积为33.6L。35.(15分，除标注外，每空2分)(1)3d(1分)基态Z原子核外4s上电子全充满，能量低较稳定(2)N>C>Hsp、Sp(3)V形、三角锥形HF分子之间存在氢键，使沸点升高(4)Cul(1分)￥×8分【解析】(1)Cu为29号元素，Cu的核外电子排布式为[Ar]3d4s,故基态Cu+价电子排布式为3d°；Zm的核外电子排布式为[A]3d“4好，4s轨道上电子全充满，能量低较稳定，Zn的第一电离能是失去4好轨道全满状态下的一个电子所吸收的能量，故所需能量比较高。(2)电负性由大到小的顺序为N>C>H;观察分子结构可知，分子中存在饱和N原子，为p杂化，含有三健的N原子为即杂化。

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conscience.And if he'd had to spell aerospace or conical,he'd be out already.His sister's advice sud

全国@0所名校高三单元测试示范卷学札INFI),由三角形三边的不等关系知|IMN|一|NF|川≤MFl.延长MF,与椭圆交于V2,点，此时|MN-|NF|=|MFI=√(-2-1)2+(3-0)严=3√2，所以MN+|NF2的最大值为4√2+3√2=7√2，则|MN|+|NF2的取值范围是[√10,7W2].【答案[√10,7√2]四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算N步骤.15.(13分)已知抛物线C:y2=2x(>0),点A(2,0),O为坐标原点，点M在抛物线C上，|OM=|AM=√2.(1)求抛物线C的方程：(2)过抛物线C的准线上的一点P作斜率为三的直线1，与抛物线C交于B,D两点，若BD=√10，求点P的坐标【解题分析】(1)因为A(2,0),O0,0),OM=AM=√2，所以，点M的横坐标xM=1,则纵坐标|M=√2p=1,解得2p=1,所以抛物线C的方程为y2=x.5分(2)抛物线C:y2=x的准线方程为x=子设P点的坐标为(子m）,则直线1的方程为y一m=号(x+日）。将=x代入上式，消去x,整理得2-3十3m十=0，4=9-4(3m+)=8-12m>0,得m<号由根与系数的关系，得十为=3，n必=3m十，所以BD1=√(-2)2+(-)z=√(3y-3y)2+(M-2)=而·Vm+)2-4w为=而·√3-4(3m+})=而，所以3-4(3m十号）=1，解得m=品<号，特合题意所以点P的坐标为(-子)…13分16.(15分)已知A(0,3),B(2,1)是圆C上的两点，且圆C的圆心在直线m:2x-y-1=0上.(1)求圆C的标准方程；(2)过点P(一1,0)作斜率分别为k1,k2的两条直线l1,l2,若圆C截直线L1,2所得弦长相等，求证：k1k2=1.【解题分析】(1)易知圆C上的两点A(0,3),B(2,1)关于直线1：x一y十1=0对称，所以直线l经过圆心C,由/y+1=0得2，所以C(2,3),2x-y-1=0,y=3,则圆C的半径r=√(2-0)2+(3-3)7=2，所以圆C的标准方程为(x一2)2十(y一3)2=4.…7分(2)设直线山：y=k1(x十1)，l2:y=k2(x十1)，k1≠k2,设C(2,3)到直线l1,l2的距离分别为d1,d2,依题意d1=d2,13625·G3DY(新高考)数学-必考-N

n.OcN3(2-1)依题意lcos2v5V见2+(-102.55解得九=二或九=1（舍去），所以，当2=时，二面角P-AD-M的面角的余弦值为25…12分3解法二：连OM,由(I)可知AD⊥面POC,所以AD⊥OM,AD⊥OP.所以∠POM为面角P-AD-M的而角，即cos∠POM-255在APM中，m∠mM=5P0-5∠0PM系所以sin∠PMO=sinPoM+到=sin∠POMcos+cos∠POMsin-3V10410PMPO由正弦定理可得,即PMV5sin∠POM sin∠PMOV5310解得PM=V6510又PC=VPo+OC=6,所以A=PM-PC 3故当几=。时，二面角P-AD-M的面角的余弦值为5…12分3520(体小题12分》已知箱圆E:+芳-(a>b>0)的上顶点为P,(4 b(3'3是椭圆E上的一点，以PQ为直径的圆经过椭圆E的右焦点F.(I)求椭圆E的方程；(Ⅱ)过椭圆E右焦点F且与坐标轴不垂直的直线1与椭圆E交于A、B两点，在直线x=2上是否存在一点D,使得△ABD为等边三角形？若存在，求出等边三角形△ABD的面积；若不存在，请说明理由。【解析】(I)依据题意得3,得a2=2,P(0,b),F(c,0),又(第11页/共15页)

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