H>Gu计向稀硝酸中加入少量CQ粉末，溶液蓝，CuO+2H一u+C+十HCD向补直的溶液中清加长路液产生蓝包沉淀：K十时+[FC一KFe[Fe(CN)6]10.下列实验操作、现象和结论均正确的是B选项实验操作现象结论A在苯酚溶液中滴加少量溴水没有明显现象、苯酚与溴不反应小在鸡蛋清溶液中加入饱和有沉淀生成蛋白质发生盐析Ba(NO3)2溶液C用H计测定同准度然后者pH较大K(HF)>Ka(HCIO)溶液和NaClO溶液的pHD在12的CCL4溶液中加入浓四氯化碳层紫2在阳氰化碳中的溶解度小于在KI溶液中的KI溶液，振荡红色变浅溶解度广11.我国科学家开发铜钯催化剂高效实现电催化C0还原制备乙酸，铜钯晶胞如图。已知：Cu,Pd的原子半径分别为apm、bpm。下列叙述正确的是A.乙酸的同分异构体均易溶于水CuB.该晶胞的化学式为CuPdC.离Cu最近的Cu有8个D.该晶体的密度p=64+106NAX (2a26-X1030g·cm3312.染料敏化电池展现出广阔的应用前景，某染料敏化电池如图所示。下列说法错误的是光eS*/S间体染料S/S电解液A璃基底)Ti02光敏电极Pt电极已知：1个光子理论上可以转化为一个电子。A.Pt电极为该电池的正极日情了变村单商外新单装B.该电池实现了太阳能转化为电能C该电池工作一段时间后需礼脑JD.若用该电池电解水，当光电转化效率为5%时，每分钟该电池接受0.01mol光子，电解效率为80%，则10分钟后消耗的水的质量为0.036g13.二元有机酸(H2X)的电离常数K=1.67X108、K2=3.34×1017个BaX难溶于水，常温下，将BaX溶解在一定浓度的HY溶液中，直至不再0.1444溶解，测得混合液中2(H)与c2(Ba+)的关系如图所示。下列说法错误O昌的是已知：HY是一元强酸，BaY,易溶于水。416A.NaHX溶液显碱性c2(Ba2)/(mol2.L2B溶度积Km(BaX)≈6.18X10 a mol·L【意二理科综合第3页（共12页）】911C

度、pH之间的关系。图中E点代表酶的最适温度，H点代表酶的最适pH,B正确：C、酶的保存应该在最适pH(H点)、低温下(D点)保存，C正确：D、过氧化氢受热易分解，淀粉在酸性条件会分解，故研究淀粉酶或过氧化氢酶参与的酶促反应，不可得到上图曲线，D错误。故选D。二、非选择题（本题包括5个小题，共55分。）16.冬春之交甲流病毒盛行，而预防甲流的最有效措施是注射甲流疫苗。如图甲为某人接种甲流疫苗后体内某细胞分泌甲流病毒抗体（免疫球蛋白）的过程，图乙为该细胞通过囊泡向细胞外运输、分泌抗体的过程。请回答下列问题：囊泡抗体8g到抗体（免疫球蛋白）⑤⑥②蛋白质A8蛋白质B⑦③细胞膜图甲图乙(1)图甲细胞中与抗体的加工和分泌有关的具膜结构有(填序号)。细胞中（填名称）等结构共同构成了细胞的生物膜系统，从物质组成来看不同生物膜的功能有一定差异的原因是。(2)科学家采用放射性同位素标记的方法研究抗体的合成和分泌路径（图甲）。用放射性同位素H标记的亮氨酸培养该细胞，通过在不同的时间获得细胞并置于特定的环境下观察细胞中放射性出现的位置，发现在细胞内的很多结构中都能观察到。从细胞的结构和功能来看，抗体的合成及分泌过程说明了什么？(3)据图乙分析，在抗体的分泌过程中，(填序号)形成的囊泡能定向、精确地转移到细胞膜上的特定部位，其原因是囊泡膜上的(填图乙中的名称)具有特异性识别能力。【答案】(1)①.①③④⑦②.细胞器膜、细胞膜以及核膜③.膜上蛋白质的种类和数目不同(2)细胞内各结构共同协调配合完成生命活动，细胞在结构和功能上是一个统一的整体(3)①.④②.蛋白质A【解析】【分析】分析图甲：甲表示抗体的合成及分泌过程，①表示细胞膜，②表示核糖体，③表示内质网，④表示高尔基体，⑤表示中心体，⑥表示核膜，⑦表示线粒体。第13页/共20页

极性键的形成，B项正确：C.HCHO分子中o键与π键之比为3：1，C项错误：D.根据图知，CO2分子中的氧原子一部分来自O2,另一部分来自甲醛，D项错误：答案选B。10.醋酸亚铬[(CH,COO)2Cr·2H,O为砖红色晶体，难溶于冷水，易溶于酸，在气体分析中用作氧气吸收剂。一股制备方法是先在封闭体系中利用金属锌作还原剂，将三价铬还原为二价铬：二价铬再与醋酸钠溶液作用即可制得醋酸亚铬。某同学将过量锌粒和CCl,固体置于c中，加入少量蒸馏水，按下图连接好装置，下列说法错误的是盐酸aK2醋酸钠溶液bd锌粒+氯化铬A.实验中所用蒸馏水均需经煮沸后迅速冷却B.实验开始时，应先打开K1、K3,再打开K2C.d装置中析出砖红色沉淀后，应用冰水冷却后再过滤D.该同学的制备方法并不能保证得到纯净的酷酸亚铬【答案】B【解析】【分析】锌和盐酸反应产生氢气，关闭K3打开K1和K2,在c中产生H2,H2会使c中气体进入b,将空气排出装置，防止二价铬再被氧化；打开K3,关闭K1和K2,H2使c中压强增大，将c中液体压入d中，与d中的醋酸钠溶液反应生成醋酸亚铬：【详解】A.醋酸亚铬在气体分析中用作氧气吸收剂，说明其容易和氧气反应，故实验中所用蒸馏水均需经煮沸后迅速冷却以排除溶解的氧气，A正确：B.锌和盐酸反应产生氢气，关闭K3打开K1和K2,在c中产生H2,H2会使c中气体进入b,将空气排出装置，防止二价铬再被氧化打开K3,关闭K1和K2,H2使c中压强增大，将c中液体压入d中，与d中的醋酸钠溶液反应生成醋酸亚铬，B错误：C.根据醋酸亚铬的性质，其难溶于冷水，所以可以将得到的溶液冷却，降低醋酸亚铬的溶解度，使醋酸亚铬以沉淀的形式析出，然后过滤、洗涤将其分离出来，C正确：D.由题中信息可知，醋酸亚铬易被O2氧化，装置d暴露在空气中，是一个敞开体系，可能使醋酸亚铬与第7页/共16页

l=6t(2分)解得E-2hm292。(2分)(2)由于M点与Q点关于原点对称，因此粒子在磁场中运动轨迹的圆心一定在y轴上，设粒子在Q点时的速度大小为，与x轴的夹角为0，粒子在磁场中的轨道半径为R,则有tan g=2h1(2分)Rsin0=l(1分)cos0=(1分)quB=mPR(2分)解得B=2h(2分)(3)由于粒子运动轨迹的圆心一定在y轴上，因此粒子经过y轴上的P点时速度方向与y轴垂直。假设P点与P点重合，则粒子经过P点时速度与y轴正方向所成的角一定为钝角（如图所示，轨迹的圆心一定位于第三象限)，出现矛盾；假设P点在P点上方，粒子经过P点时速度与y轴正方向所成的角同样为钝角，综上P点一定在P点的下方。(3分)+XXX+XXXXB假设第一象限存在同样的匀强磁场，那么粒子经过P点后将沿圆弧运动并一定经过Q点，而粒子的运动为从P点开始的类抛运动，与假设中的圆周运动的加速度大小相等，由于抛运动轨迹的弯曲程度会越来越小，故抛物线会处于圆周的上方，所以Q点一定在Q点右侧。(3分)27.(1)恒压漏斗(1分)；除去沉淀表面多余的水分，使沉淀快速干燥(1分)(2)4Ce(OH)3+O2+2H2O=4Ce(OH)1(2分)(3)温度低，反应速率慢，温度高，H2O2会分解(1分)(4)2(NH)2SO+2H,0△4 NH.HSO,十O,◆(2分)：偏高(2分)：滴加最后一滴（或半滴）(NH)2Fe(SO)2标准溶液时，溶液颜色变为红色，且半分钟内不褪色(2分)(5)1721c:Y×100%(2分1000m(6)2.xCO+CcO2-CcOx+2.xCOz(2)【解析】本题主要考查化学实验，考查学生对化学实验的分析能力和设计能力。(4)当锥形瓶中还有(NH)2SO3剩余，(NH)2SO3也会氧化Fe2+,导致消耗的(NH)2Fe(SO)2溶液的体积增大，则测得样品中CO2的纯度偏高。（5反应过程为Ce0,.H,s0H0Ce+NHs,Ce+NH,Fcs0,Ce+,(NH),Fe(s0,与Ce+的反应为Ce++Fe2+Ce3++Fe3+,因此n(CeO2)=n(Ce4+)=n[(NH)2Fe(SO)2]=103c·Vmol,因此C0,的质量分数u=10-3c·V molx172.1g·mol×1o0%=172l:Y×100%.mg1000m28.(1)哑铃形(1分)；正四面体形(1分)【高三理科综合·参考答案第5页（共8页）】·23-324C·

选择铁质坩埚熔融强碱，D项符合题意。(2)依题意，W为+6价，铁元素化合价由+2价升至+3价，02参与反应，副产物为水。(3)两次沉钨是为了尽可能的除去杂质，提高产品纯度。钨酸钠与盐酸反应生成钨酸和氯化钠。(4)由溶度积计算可得。(5)滤液2中溶质主要是CaCL2,可在“沉钨1”处循环利用。(6)检验氯离子可判断是否洗净。27.答案（1)B(2分)(2)②①③⑤④(2分)(3)取少量母液于试管中，滴加淀粉溶液，不变蓝色（合理即可，2分）(4)避免I2扩散到空气中，减少碘损失（合理即可，2分）易升华(2分)(5)NaOH(或KMn04、CuS04等)（合理即可，2分）4.98(2分)命题透析本题以KI的制备为素材，考查实验综合知识，意在考查实验能力，科学探究与创新意识的核心素养。思路点拨(1)从产品纯度、环保角度考虑，选择双氧水作氧化剂。(2)萃取操作顺序是加萃取剂、振荡和放气、静置、分液（取，旋，放，关，倒），即②①③⑤④。(3)用淀粉溶液检验L2。(4)利用碘易升华性质，加热粗碘，碘升华变为碘蒸气，透过滤纸，遇冷发生凝华回落在滤纸上。棉花阻止碘蒸气进入空气。(5)X溶液用于吸收尾气中H,S,可以为碱溶液、强氧化剂溶液、硫酸铜溶液等。依题意，发生的反应有：3L2+6KOH==5KI+KIO3+3H,0、3H,S+KIO3一=3S↓+KI+3H0,碘最终转化成KI,根据得失电子守恒知，n(KI)=2n(S)=-0.48g2g·mol×2=0.03mol,m(K)=0.03mol×166g·mol-1=4.98g。28.答案(1)-43(2分)(2)BD(2分)(3)①c(1分)反应2是吸热反应，降低温度，衡常数K减小，K增大（合理即可，2分）②减小(2分)IANYI CULTURE(4)①B(2分)②反应1是放热反应，反应2是吸热反应，当温度高于280℃时，随着温度升高，反应2衡正向移动程度增大（合理即可，2分）③1.5(2分)》命题透析本题以废物利用为素材，考查反应热计算、化学反应速率与衡，意在考查综合应用能力，变化观念与衡思想的核心素养。思路点拨(1)反应热等于断裂化学键的总键能与形成化学键的总键能之差，即△H,=(347+436-413×2)kJ·mol-1=-43kJ·mol-1。—3

1400…一甲1200果1000水位丙800600643210距今万年)3.该河流断面水位高度保持稳定的原因是（)A.流水侧蚀作用强B.流水下蚀作用强C.地壳抬升运动慢D.间歇性断裂下陷4.该断面上，乙地层比甲地层（)A.形成早，厚度小B.形成早，厚度大C.形成晚，厚度小D.形成晚，厚度大5.现阶段，该断面的地貌是（)A.峡谷B.冲积扇C.槽形谷D.河漫滩原下潜寒流是指海洋表层的冷水在外力作用下向海洋底部垂直流动，它是形成深海洋流的重要动力。通过下潜寒流，表层的氧气传输到深层海域，深层海水中的微生物靠这些氧气把从海洋表层沉落下来的有机物分解成氮和磷等无机物，这些无机物再随深层海水上升到海洋表层，成为浮游生物的营养来源。在过去50年间，日本海北部的均气温上升了1.5~3℃，下潜寒流也受到气候变暖影响。下图为日本海位置示意图。据此完成下面小题。俄中国①朝本鲜④日冬季风韩国夏季风6.日本海的下潜寒流形成在冬季，主要分布在()A.①B.②C.③D.④7.气温升高会导致日本海下潜寒流()A.下潜速度加快B.下潜深度变浅C.下潜流量增大D.下潜方向偏南第2页/共7页

下列叙述正确的是(D)A.曲线I代表A13+B.常温下，Kp[A1(OH)3]=1.0×10-38C.b点溶液中金属元素主要存在形式为Fe(OH)3和AIO2D.A1(OH)3十OH—一[A1(OH)4]的衡常数K为1.1×101.1,8共【解析】A.根据a点、b,点对应的pH,计算溶度积Kp=c3(OH)c(M3+),分别为K即()=〔8》×1×10=1.0×10.K,)=(9)°×1×10-=1.0X10-1,根扬俗8D可知，前者为Fe(OH)3的溶度积，后者为Al(OH)3溶度积；溶解度小，优先沉淀，故曲线I代表Fe3+,曲线Ⅱ代表A13+,A错误；B.常温下，Kp[AI(OH)3]=1.0×10-34.1,B错误；C.b,点恰好两种金属离子完全沉淀，金属元素主要存在形式为Fe(OH)3和AI(OH)3,C错误；D.K=K[Al(OH)3]×K稳=1.0X10-34.1X1.1×103=1.1×10-1.1,D正确。13.如图为CC2O4·H2O在N2和O2气氛中的热重曲线（样品质量随温度变化的曲线）。下列有关说法错误的是(A)◆m/mg10087.58068.5--605038.4F30i2010481760205420200400.60080010001200T/℃为N,气氛--为0，气氛A.无论是O2气氛还是N2气氛，当1 mol CaC2O4·H2O最终转变为C时，转移电子的物质的量相同B.无论是O2气氛还是2气氛，A→B阶段均发生了氧化还原反应，但两者的气态产物不同C.物质A为CaC2O4,CaC2O4在隔绝空气条件下，420℃以下热稳定，不会分解D.在酸性KMnO4溶液中加入少量CaC2O4固体样品时，溶液褪色且有少量气泡产生【解析】第1步质量由100mg减小到87.5mg,减少了12.5%，故反应为CaCO4·H2O失去结晶水生成CaCO4,第2步质量由87.5mg减小到68.5mg,减少了21.7%，故反应为CaC2O4分解生成CaC03与碳的氧化物，第3步质量由68.5mg减小到38.4mg,减少了44%，故继续加热固体，碳酸钙分解生成氧化钙和二氧化碳，所以A为CaC2O4,B为CaCO3,C为CaO。A.C为CaO,O2气氛中1 mol CaC2O4·H2O最终转变为H2O、CaO和CO2,电子转移2mol,在N2气氛中，1 mol CaC2O4·H2O最终转变为H2O、CaO、CO2和CO,电子转移1mol,故A错误；B.O2气氛中1 mol CaC2O4·H2O最终转变为H2O、CaO和CO2,在N2气氛中，1 mol CaC2O4·H2O最终转变为H2O、CaO、CO2和CO,无论是O2气氛还是N2气氛，A→B阶段均发生了氧化还原反应，但两者的气态产物不同，故B正确；C.420℃以下N2气氛中，A的质量随温度升高保持不理科综合试题第？9页

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度阐述原因：【答案】(1)黏膜受损会导致病毒更易突破免疫系统的第一道防线(2)①.细胞毒性T细胞②.胸腺(3)①.辅助性T细胞表面的特定分子发生变化并与B细胞结合②.沉淀(4)免疫防御(5)'再次接触VZV,机体内的记忆B细胞迅速增殖分化形成浆细胞，快速产生大量的抗体，能在短时间内消灭大多数病毒，所以症状较轻【解析】【分析】1、人体免疫系统有三道防线：皮肤和黏膜及其分泌物构成第一道防线；体液中的杀菌物质（如溶菌酶)和吞噬细胞构成第二道防线；免疫器官和免疫细胞构成第三道防线。2、免疫系统的功能是免疫防御、免疫自稳和免疫监视功能。【小问1详解】黏膜受损会导致病毒更易突破免疫系统的第一道防线，所以呼吸道黏膜受损者更易被VZV感染。【小问2详解】细胞④增殖分化形成的细胞⑧能裂解靶细胞，因此细胞④的名称是细胞毒性T细胞，T细胞成熟的场所是胸腺。【小问3详解】⑤B细胞的激活需要两个信号，第一个信号是病原体和B细胞接触，第二个信号是辅助性T细胞表面的特定分子发生变化并与B细胞结合。⑥浆细胞产生的②抗体与抗原结合形成沉淀，进而被吞噬细胞消化。【小问4详解】某些花粉引起的荨麻疹属于机体的过敏反应。花粉属于外来抗原性异物，过敏反应是因为机体免疫防御功能异常造成的。【小问5详解】由于二次免疫，抗原可直接刺激记忆B细胞，使记忆B细胞快速增殖、分化形成浆细胞，浆细胞产生大量抗体，因此与初次免疫相比，二次免疫过程产生抗体的数量多、速度快。所以再次接触VZV,机体能在短时间内消灭大多数病毒，所以症状较轻28.为研究红光、远红光及赤霉素对莴苣种子萌发的影响，研究小组进行黑暗条件下莴苣种子萌发的实验。其中红光和远红光对莴苣种子赤霉素含量的影响如图甲所示，红光、远红光及外施赤霉素对莴苣种子萌发的影响如图乙所示。

OH(3)①CgH19OH分子，若要与Cu+形成配位键，则分子需提供孤电子对，分子中存在孤电子对的原子为N原子和O原子。(6)第二次使用MgO调节pH使N+沉淀完全，即溶液中c(N+)≤1.0×105mol·L1,根2.1×10-15据Ni(OHD:的K,-2.1X10,N+恰好完全沉淀时，c(OH)=√OX105mol·L',c(H)=Kw1×10-14c(OH)/2.X10元molL,pH=-lgc(H)=9.16。W1.0×10-516.(14分)(1)+173.3kJ·mol-1(1分)；K1×K(1分)；高温(1分)(2)①=(1分)；衡常数只与温度有关，A、D两点温度相同，则衡常数相等(2分)②<(2分)(3)①a(2分)②0.4(2分)(100X1026.4×(100×3.42(100X0186.4(2分)6.4×(100X1.386.4【解释】(1)反应Ⅲ=反应I+2×反应Ⅱ，则△H3=△H1十2△H2,K3=K1×K;该反应的正反应是气体分子数增大的反应，所以△S>0,并且△H3>0,根据自发进行的判据△G=△H一T△S<0,可知该反应在高温下能自发进行。(2)①衡常数只与温度有关，A、D两点的温度相同，则反应Ⅱ的衡常数：K(A)=K(D)。②B和C两点化相同B点到C点，升高温度，反应和反应Ⅲ衡向正反应方向移动，n(乙醇)减小，而n(总)增大；升高温度，反应Ⅱ衡向逆反应方向移动，n(总)不变，所以衡体系中乙醇的物质的量分数：C点

“弹慕”的使用或许会逐渐从影视扩展到戏剧、曲艺等艺术门类，尤其是相声、二人转这些木身就具有强烈互动性的艺术门类，可能会校早地与“弹兼”结鲸。二是“弹幕”向“台”的回归。“弹慕”说到底是一种枝术，真正有价值的是技术承载的内容。最后，“弹幕”也许就会成为文艺作品，经典化的重要台阶。经过时间的积淀，那些耐人品味的评论将沉淀下来，与原作一起成为网络时代的艺木新经典，将作品的社会意义推向一个崭新的高度。(摘自《中国艺术报》作者胡一峰，有删改)1,下列关于原文内容的理解和分析，正确的一项是(C)(3分)入“评点”是中国文艺评论史上的一种非常独特的评论样式，出现于宋朝，到明朝发展成熟，其特征是综合、直观、凝练。8“评点”关注作品本身，剖析作品的艺术特色，并通过分析作者及其所处的时代来揭示作品背后的社会文化环境。d“评点体”的评论绝不脱离原作品，既能和原作品融为一体，又是对原作品的再创造，是使作品成为经典的重要因素。8“评点”应当以笔记录，必须依存于以文字为载体的原作，在视听艺术蓬勃发展的时代已经失去了用武之地。2.下列对原文论证的相关分析，（不正确的一项是(A)(3分)A.全文用纵向的结构，介绍说明了评点体这种文艺评论形式的历史、现状以及将来可能的发展方向。B.一、二段将传统评点体和“弹幕”进行对比，指出“弹幕？发掘了欣赏者和消费者在艺术中的主体性。C第三段从两个方面论证评点者将会对文艺创作者和欣赏者产生巨大影响，其中“金圣叹”“搬运工”二词十分形象。尾段从两个角度对“弹幕”这种新的评点形式可能的发展路径作了大胆的推测，对其未来的发展作了乐观的预估。3.根据原文内容，下列说法不正确的一项是(B)(3分)A,“弹幕”一改以往在评论区留言评论的近式将评论者对作品的评点以字幕的形式如子弹般密集、快速地呈现在屏幕上。

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2024-07-09 04:18:52

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血液中■O2消耗量乳酸口乳酸含量正常值填/(mo.L840士摄氧量/L·min)Q运动强度运动强度增加一图1图2A.图1中，三种运动强度中消耗葡萄糖最少的是b运动强度B.运动强度为b时，有氧呼吸与无氧呼吸消耗葡萄糖量的比例为1：2C.据图2分析，运动员甲比运动员乙更适合参加长跑运动D.人体细胞进行细胞呼吸时，产生的CO2量等于消耗的O2量17.叶绿体膜上的磷酸转运器能将光合产物以磷酸丙糖的方式运出叶绿体，磷酸丙糖在细胞质中转化成蔗磷酸磷酸专运器量糖，同时磷酸转运器将等量的P1转入叶绿体，如图所2C3.暗反应丙糖示。已知盐胁迫可使叶绿体膜上的磷酸转运器数量如明显下降，用一定浓度的NaCl溶液处理叶肉细胞，Pi将会出现的现象是淀粉合成蔗糖合成瑯A.叶肉细胞吸收的CO2增加B.叶肉细胞中蔗糖的合成减少长C.叶肉细胞中积累的淀粉增加D.叶绿体中合成的ATP减少818.植酸酶能催化分解植酸磷，从而提高植物性物料中磷的1 mL1 mL 1 mI利用率。科研人员从土壤中分离出5种能够产生植酸酶的细菌菌株，分别为a、b、c、d和e。植酸磷被分解后培养数基上会出现透明圈，分离的操作过程如图所示。下列相99 mL9 mL关叙述正确的是无菌水无菌水无菌水无菌水痢A.可用干热灭菌法对土壤样品进行灭菌B.该实验采用了板划线法进行接种和计数0.1mL韵20℃恒温C.经过图示的操作，土壤样品被稀释了105倍培养24hD.e细菌植酸酶的活性比a细菌植酸酶的高培养基三、非选择题：本题共5小题，共59分。19.(12分)农作物吸收氨元素的主要形式有铵态氮(NH,+)和硝态氮(NO3),NH4的吸收由根细胞膜两侧的电位差（浓度差）驱动，NO3ˉ的吸收由H+浓度梯度驱动，相关转运机制如图所示。回答下列问题：HONHNO人冷(AMTsNRT1.根细胞膜SLAH3ATPADP+P分解HNH储存【高三生物学第5页（共8页）】·25-70C.

血液中■O2消耗量乳酸口乳酸含量正常值填/(mo.L840士摄氧量/L·min)Q运动强度运动强度增加一图1图2A.图1中，三种运动强度中消耗葡萄糖最少的是b运动强度B.运动强度为b时，有氧呼吸与无氧呼吸消耗葡萄糖量的比例为1：2C.据图2分析，运动员甲比运动员乙更适合参加长跑运动D.人体细胞进行细胞呼吸时，产生的CO2量等于消耗的O2量17.叶绿体膜上的磷酸转运器能将光合产物以磷酸丙糖的方式运出叶绿体，磷酸丙糖在细胞质中转化成蔗磷酸磷酸专运器量糖，同时磷酸转运器将等量的P1转入叶绿体，如图所2C3.暗反应丙糖示。已知盐胁迫可使叶绿体膜上的磷酸转运器数量如明显下降，用一定浓度的NaCl溶液处理叶肉细胞，Pi将会出现的现象是淀粉合成蔗糖合成瑯A.叶肉细胞吸收的CO2增加B.叶肉细胞中蔗糖的合成减少长C.叶肉细胞中积累的淀粉增加D.叶绿体中合成的ATP减少818.植酸酶能催化分解植酸磷，从而提高植物性物料中磷的1 mL1 mL 1 mI利用率。科研人员从土壤中分离出5种能够产生植酸酶的细菌菌株，分别为a、b、c、d和e。植酸磷被分解后培养数基上会出现透明圈，分离的操作过程如图所示。下列相99 mL9 mL关叙述正确的是无菌水无菌水无菌水无菌水痢A.可用干热灭菌法对土壤样品进行灭菌B.该实验采用了板划线法进行接种和计数0.1mL韵20℃恒温C.经过图示的操作，土壤样品被稀释了105倍培养24hD.e细菌植酸酶的活性比a细菌植酸酶的高培养基三、非选择题：本题共5小题，共59分。19.(12分)农作物吸收氨元素的主要形式有铵态氮(NH,+)和硝态氮(NO3),NH4的吸收由根细胞膜两侧的电位差（浓度差）驱动，NO3ˉ的吸收由H+浓度梯度驱动，相关转运机制如图所示。回答下列问题：HONHNO人冷(AMTsNRT1.根细胞膜SLAH3ATPADP+P分解HNH储存【高三生物学第5页（共8页）】·25-70C.

21.（10分）物质S是某细菌细胞内的一种糖类，现经过人工培养，培育出该菌的4种变异株，在每一种大单元学三步一体高效训练（1）细菌因缺少物质S而死亡的可能原因是下图）。黑色实心圆圈表明细菌存活，白色空心圆圈表示细菌死亡，据此回答下列问题：胞构成，以此类推。另外，在每一个板培养基表面上各接种4个变异株的变异细胞（圆框1~4物质S，在板a上，变异株1被薄薄地铺于整个培养基表面；b板培养基表面由变异株2的变异分别为步骤1~4）。为分析物质S的生物合成途径，实验如下：四个板配置有基本培养基和少量异株中，物质S的生物合成途径中的某一步骤分别被抑制，导致细菌死亡（变异株1~4被抑制的步（5）紫（1分）加热并不会破坏牛胰核糖核酸酶的肽键，因此与双缩脲反应呈紫色（2分）答案：（1）R基（1分）氨基与羧基连在同一个碳原子上（2分）（3）下列表示物质S合成过程中的步骤1~4的顺序，其中正确的是（4）空间结构（1分）（3）氨基与羧基（2分）（2）8（1分）肽键（1分）（2）可以分泌到细胞外，并可以被其他变异株吸收利用，合成物质S（2分）（4）为了验证物质S是否为还原糖。进行了如下实验，请补充实验方案（2）b培养基中1、3、4细菌可以存活的原因是铺于整个培养基表面的变异株2所形成的产③试管中出现砖红色沉淀（1分）试管中溶液的颜色呈蓝色（1分）（4）①还原糖与斐林试剂发生化学反应会出现砖红色沉淀（1分）（3）C（2分）②斐林（1分）①实验原理：25DY·生物学-R-必修1-0GC③实验现象：若②实验步骤：向试管内注人物质S的溶液与110023004123（1分），则证明物质S不是还原糖。试剂，并将试管置于热水浴中加热。D.1→2→4→3######，则证明物质S为还原糖；）（）K

21.（10分）物质S是某细菌细胞内的一种糖类，现经过人工培养，培育出该菌的4种变异株，在每一种大单元学三步一体高效训练（1）细菌因缺少物质S而死亡的可能原因是下图）。黑色实心圆圈表明细菌存活，白色空心圆圈表示细菌死亡，据此回答下列问题：胞构成，以此类推。另外，在每一个板培养基表面上各接种4个变异株的变异细胞（圆框1~4物质S，在板a上，变异株1被薄薄地铺于整个培养基表面；b板培养基表面由变异株2的变异分别为步骤1~4）。为分析物质S的生物合成途径，实验如下：四个板配置有基本培养基和少量异株中，物质S的生物合成途径中的某一步骤分别被抑制，导致细菌死亡（变异株1~4被抑制的步（5）紫（1分）加热并不会破坏牛胰核糖核酸酶的肽键，因此与双缩脲反应呈紫色（2分）答案：（1）R基（1分）氨基与羧基连在同一个碳原子上（2分）（3）下列表示物质S合成过程中的步骤1~4的顺序，其中正确的是（4）空间结构（1分）（3）氨基与羧基（2分）（2）8（1分）肽键（1分）（2）可以分泌到细胞外，并可以被其他变异株吸收利用，合成物质S（2分）（4）为了验证物质S是否为还原糖。进行了如下实验，请补充实验方案（2）b培养基中1、3、4细菌可以存活的原因是铺于整个培养基表面的变异株2所形成的产③试管中出现砖红色沉淀（1分）试管中溶液的颜色呈蓝色（1分）（4）①还原糖与斐林试剂发生化学反应会出现砖红色沉淀（1分）（3）C（2分）②斐林（1分）①实验原理：25DY·生物学-R-必修1-0GC③实验现象：若②实验步骤：向试管内注人物质S的溶液与110023004123（1分），则证明物质S不是还原糖。试剂，并将试管置于热水浴中加热。D.1→2→4→3######，则证明物质S为还原糖；）（）K

21.（10分）物质S是某细菌细胞内的一种糖类，现经过人工培养，培育出该菌的4种变异株，在每一种大单元学三步一体高效训练（1）细菌因缺少物质S而死亡的可能原因是下图）。黑色实心圆圈表明细菌存活，白色空心圆圈表示细菌死亡，据此回答下列问题：胞构成，以此类推。另外，在每一个板培养基表面上各接种4个变异株的变异细胞（圆框1~4物质S，在板a上，变异株1被薄薄地铺于整个培养基表面；b板培养基表面由变异株2的变异分别为步骤1~4）。为分析物质S的生物合成途径，实验如下：四个板配置有基本培养基和少量异株中，物质S的生物合成途径中的某一步骤分别被抑制，导致细菌死亡（变异株1~4被抑制的步（5）紫（1分）加热并不会破坏牛胰核糖核酸酶的肽键，因此与双缩脲反应呈紫色（2分）答案：（1）R基（1分）氨基与羧基连在同一个碳原子上（2分）（3）下列表示物质S合成过程中的步骤1~4的顺序，其中正确的是（4）空间结构（1分）（3）氨基与羧基（2分）（2）8（1分）肽键（1分）（2）可以分泌到细胞外，并可以被其他变异株吸收利用，合成物质S（2分）（4）为了验证物质S是否为还原糖。进行了如下实验，请补充实验方案（2）b培养基中1、3、4细菌可以存活的原因是铺于整个培养基表面的变异株2所形成的产③试管中出现砖红色沉淀（1分）试管中溶液的颜色呈蓝色（1分）（4）①还原糖与斐林试剂发生化学反应会出现砖红色沉淀（1分）（3）C（2分）②斐林（1分）①实验原理：25DY·生物学-R-必修1-0GC③实验现象：若②实验步骤：向试管内注人物质S的溶液与110023004123（1分），则证明物质S不是还原糖。试剂，并将试管置于热水浴中加热。D.1→2→4→3######，则证明物质S为还原糖；）（）K

11.常温下，下列各组离子一定能在指定溶液中大量共存的是A.由水电离出的c（H+）=1×10-1²mol·L-1的溶液：A1+、Fe²+、Cl-、SO²B.c（Fe²+)=1mol·L-的溶液中：H+、K+、Cl-、SCNKw=1×10-1²mol·L-'的溶液:NH、Ca²+、CI-、NOC.(+H)D.和AI反应放出H2的溶液：Mg²+、Cu²+、CO-、SO²12.根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是选项实验操作和现象结论相同条件下，分别测量0.1mol·L-'和0.01mol·L-醋醋酸浓度越大，电离程度A酸溶液的导电性，前者的导电性强越大用pH试纸测得：CHCOONa溶液的pH约为9，NaNO2HNO2电离出H+的能力B溶液的pH约为8比CH;COOH的强在2mI0.1mol·L-的NaS溶液中先滴人几滴C0.1mol·L-ZnSO：溶液有白色沉淀生成，再滴入K,（CuS)HSNaCIO溶液的pH，前者的pH大13.如图所示为工业合成氨的流程图。下列说法正确的是N、H②加压③他化反应④液化→NH干燥(2x10'Pa)(500℃、催化剂)分离H2③N和H2再循环A.步骤①中“净化”可以防止催化剂中毒B.步骤②中“加压”不能提高原料的转化率，但可以加快反应速率C.步骤③中反应温度越高催化剂活性越大D.步骤③、④均有利于提高原料的衡转化率14.多相催化反应是在催化剂表面通过吸附、解吸过程进行的。我国学者发现TC时（各物质均为气态），甲醇（CHOH)与水在铜基催化剂上的反应机理和能量图如图：能量反应反应Ⅱ反应I反应Ⅱ铜催化剂反应过程下列说法正确的是A.反应II的热化学方程式为CO（g)+H2O（g)=H2（g)+CO2（g）△H=akJ·mol-（a>0）B.CO（g）在反应中生成又消耗，CO（g）可认为是催化剂C.1molCHOH（g）和1molH2O（g）的总能量小于1molCO2（g）和3molH2（g）的总能量D.选择优良的催化剂可以降低反应工和Ⅱ的活化能，减少过程中的能耗和反应的燈变（高二上学期期中考试·化学卷第3页（共6页）6112B