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    2022年大连市高三双基测试卷B.下列如图所示实验能达成相应目的的是化学KC10X「命题人:刘化毅郭玉双宋靖审题人:刘化毅注意事项:1.请在答题纸上作答,在试卷上作答无效2.本试卷共100分,考试时间


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    ,钢构组的错误;从图像的斜N点,报据几何关系可得O,O=PQ-Bm位电但为尺,一君时真实的中值电程会变小:(1分)的过程中,根据能量守恒定律有之虹=红十O,N=N0.=O9-m,根据为股定理有但刻度盘上并没有变化,所以读出的中值电阻果主0@二式可解得:一(1分)mmg(x1十x)图(2分)22gB1500偏大,所以算出的毫安表内阻偏小。25.(1)3mN=-0严=”,分折可得甲拉子经过24,1)2B(2)一m,(3)g(2)0.4(3)91mg联立⑤⑥①⑧⑧☑15k3R的板上方区域中在垂直于板方向上最窄处的宽[解析](1)导体棒运动速度最大时,产生的感应[解析](1)设小物块C和小物块B发生碰撞后解得L=91mg15k(2分)一眸间速度分别为心、,弹性碰撞过程,根据26.(1)将锌灰研成粉末状(1分)适当增加H2SO,度d=n一MN=器故D正骑。电流最大,所受的安培力也最大。导体棒的最大速度为,此时的感应电动势E=动量守恒定律得m。=m心十m%①(1分)溶液的浓度(或适当升温或充分搅拌等,合理即可)(1分)2.1)5.30(2分)(4)21分)器2分)BL。(1分)根据机械能守恒定律得2mw2=合m十(2)SiO2、PbSO,(2分)[解析](1)由图(b)可得,小球的直径为d=通过号体将的电流1一京后。“R十合R3R乞#%2②(1分)(3)2Fe0+4H,SO,(浓)-Fe:(S0,)2+5mm+6×0.05mm=5.30mm;联立00得得收-十,n园SO2↑+4H2O(2分)21(4)小球通过光电门时的速度为口=只,根据机(1分)(4)2Fe2++H2O2+2H-2Fe++2H2O(2分械能守恒定律可得号m心=mgh,两式联立数学导体捧所受的安培力大小下=B1L=2B2。从图像可知碰撞之后小物块C的速度变为=(5)H+Z(OH)3R通电2H,O+Zn+20H(2分)(6)5(2分)1×10-1mol·L-1(2分)(1分)2%④(1分)变换可得子一器,所以是-力围像是一条过坐[解析](1)适当升高温度、适当增加H,SO:溶液(2)导体捧的速度从减为受的过程中,导体棒损将④代入=m二心0,解得mn=3m,⑤(2分)m十e的浓度、充分搅拌等方法都能提高“酸浸”的浸取标原点的直线,直线的斜率为祭,所以斜率=失的动能变成两个电阻和棒上产生的焦耳热Q,(2)小物块C从Q,点向P点运动过程中根据动速率:通过分析流程图可知,滤渣1的主要成分器时验证了机被能守恒定律。能定理有是PbSO,和SiO2.(2)根据锌灰的成分和工艺流程图可知,在酸浸23.(1)×10(1分)110(1分)(2)1(1分)1.50因两个定值电阻并联后与导体棒串联,通过导体2mgL-ngl.=nw2⑥(2分)时发生的反应为ZnO+H,S),一ZnS)+(2·分).150(2分)30(2分)偏小(1分)棒的电流是通过一个定值电阻的2倍,根据串、设小物块C弹回过程运动的位移为x,弹回过程H2O、CuO+H,SO,—CuSO,+H2O、PbO+[解析](1)用多用电表测电阻时选用“×100”的并联电路的特点可知,导体棒上的热量应为总热H2SO,—PbSO,¥+HzO、FeO+H,SO,—挡位发现指针偏角太大,说明待测电阻阻值较中根据动能定里-2mgx一mgx=0一之m'⑦小,需要把倍率调小,即挡位应调整为“×10”;读量的号,1分)(2分)FeSO,+H,O,过滤1得到的滤渣1为SiO2、PbSO,,数为11.0×102=1102。所以子体棒上产生的焦耳热Q-号Q。=v-1图像面积表示位移,从图像可得L=之,⑧(3)浓硫酸有强氧化性,酸浸时·如使用H,SO,(2)红表笔是欧姆表内电源的负极,所以应与毫(1分)溶液的浓度过高,在溶解时会氧化FeO生成安表的负接线柱相连,即接1;报据闭合电路的4m,。(1分)1=号×分w×(号-1=2w,⑨1分)Fe+,同时生成SO,污染环境,发生反应的化学欧姆定律有E=I(R+R,十),数学变换得7方程式为2Fe0+4H,SO,(浓)一Fe,(SO,)3+名R+生,从国像可得件-E(3)导体棒的速度从减为?,设通过导体棒的联立①⊙①⑧⑨代入数据解得动摩擦因数μ=SO2↑+4H2O。电荷量为q,该过程的均电流为了,以初速度方).4。①(2:>)(4)向滤液中加入40%的H2O2溶液,Fe2+被氧(0.32-0.12)×0产A,解得电源的电动势为向为正,根据动量定理有一BIL1=之mw一m,2m(3)哈代入d解得m一nn=2w①化为Fe+,则“氧化”过程的离子方程式为2Fe2++H,O2+2H-2Fe3++2H,O。3002(1分)设向右压缩:簧的最大压缩量为x1(⑤)电解池阳极上的H,在残性条件下失电子,被E=150V.周像可得发距6=即BLg=m,一之mw。①1分)根据能量守恒定律有合m?=mng,十氧化成H,O,电极反应式为H2一2e十0.12mA-1=120A-1,解得r+R=1800,欧设此过程中导体棒通过的总位移为x,所用时间2OH一2H,O,朋极上Zn(OH)得电子,被姆挡刻度盘上的刻度线“15”正好与电流、电压挡:为1,则此过程中产生的感应电动势的均值z,@2分还原成Zn.电极反应式为Zn(OH)十2e一刻度盘上0一250的刻度线“125”对齐,挡位选择=BLr物扶A恰好开号离开竖直墙壁时弹簧应处于仲Z十4OH,则电解池中的总反应的离子方程式的为“×10”挡,则中值电阻,即欧姆挡内阻为r=长状态,设仲长堂为工,则有为H,+Zn(0H)题电2H,0+Zn+20H。15.0×102=1502,解得毫安表的内阻R子均电成在1是-票分》kx,=umg⑧(1分)1802一r=30Q;多用电表仍可调零,则满偏电(6)已知K(CHCX0HD=c(H)·c(CHC00)c(CH COOH)流I不变,电源电动势比正常位略小,真实的中此过程中通过导体捧的电荷量g==2BL,新得一受=c(H)×0.10=2.0×10-5.则c(H)=1×理科综合·答5小物块B从弹簧压缩到最短到向左运动到速度为零0.05理科综合·答6

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