[太原三模]山西省太原市2024年高三年级模拟考试(三)3试题(物理)

2024-05-20 12:50:21 1

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③第10期2.B输电线上损失的电压为△U=1y=120V2版随堂练提示由题图知，甲的周期为2s,乙的周期为降压变压器原线圈两端的电压为§3.1交变电流1s,所以f甲f乙=1：2，选项A错误。甲的电动势峰值U3=U2-△U=2880V1.c为6V,乙的电动势峰值为2V,由Em=BSw可知降压变压器原、副线圈的匝数比为提示方向随时间周期性变化是交变电流最：S甲S乙=6：1，选项B正确。当线圈处于中性面时n3-U3_144重要的特征A、B、D三个选项中电流大小随时间：通过线圈的磁通量最大，而感应电动势为零；当线n4-U411周期性变化，但其方向不变，不是交变电流，它们：圈处于中性面垂面位置时，通过线圈的磁通量为B卷是直流电，故A、B、D错误；C选项中电流符合交：零，而感应电动势最大。t=1s和t=2s时，两线圈均一、选择题变电流的特征，故C正确处于中性面位置，选项C、D错误。1.BD●2.C3.C提示理想变压器输入、输出功率之比为1：1，提示交流发电机将机械能转化为电能，A错·提示设灯泡正常发光时，流过它的电流为1，故选项A错误；理想变压器原、副线圈中的电流与误；交流发电机由两部分组成，即定子和转子，线：则该变压器原线圈电流1=1，副线圈中电流12=2，圈既可以作为定子，也可以作为转子，定子和转子相对转动就可以产生交流电，B错误；交流发电机则原，副线圈匝数之比代-十-21：所以原线圈两压数成反比.即公-”-4，故选项B正确：由山题图乙可知，交流电压最大值U=51V,周期T=0.02s,线圈中产生交流电，输送到外电路也是交流电，C正确：在交流发电机线圈转动的过程中，并不是线端的电压U=RU,=2U,则AB端输人电压为3U。角速度w=l00mrad/s,可得u=51sinl00mtV,故选项C错误；热敏电阻的温度升高时，阻值减小，圈的每一条边都切割磁感线，D错误。故A、B、D错误，C正确。电流表的示数变大，电压表的示数不变，故选项DS3.2交变电流的描述4.D正确。1.A提示因为所加的电流为交变电流，大小在变2.A提示由题图可知T=0.2s,Im=10A,故频率f户化，所以只能分时间段来求热量。在0~1s内有效电提示原、副线圈的匝数之比为10：1，原线圈7-5,1、,=5V2A=7.07A,选项A正确，：流的瞬时值大小为1A和2A的时间段分别为t=0.4s,t2=0.6s,所以Q=2Rt+l22Rt2=2.8J两端的电压有效值U,=220Y2V=220V,根据v2选项B、C、D错误。5.c2.D提示输电功举P=UI,U为输电电压，1为输电U:=n,代入数据得U=22V,故电压表的示数为U2 n2提示由焦耳定律和有效值概念知，一个周：线路中的电流；输电线路损失的功率P捌=℉，R1期内产生的热0片·+骨·-T,为输电线路的电阻，即P已R。当输电功率22V,A正确：当t=600s时，cd间电压的瞬间值121.62T,故Q方0正e定时，输电线路损失的功率为原来的}，则输电u=20V2sn100mx60V-110V2V,故B错T=2R误；当单刀双掷开关与a连接，滑动变阻器滑片P电压为原来的2倍，即为440kV,故选项C正确。向上移动的过程中，滑动变阻器接入电路中的阻2:1,故D正确。6.BS3.3变压器值变大，副线圈输出电压不变，电流减小，即电压1.c提示0~4内，助一侧的线图在磁场中绕：表示数不变，电流表示数减小，故C错误；当单刀提示变压器只能对交变电流实现变压，不能：O0转动产生正弦式交变电流，由楞次定律得电流双掷开关由a扳向b时，原线圈匝数减小，根据对直流变压，故选项A、D错误；由于原、副线圈的:方向为d0ba,且越来越大；4-2内，助一:_知U2变大，电压表和电流表的示数均变大，U2-n2电压之比与原、副线圈的匝数比相等，副线圈匝数多于原线圈匝数的变压器才能实现升压，故选项B:侧线圈在磁场外，而c一侧线圈又进入磁场，产故D错误。错误，选项C正确生交变电流，电流方向为d→。b→a,且越来越二、计算题2.小。以此类推，可知i-t图像为B。3.(1)不会熔断(2)552220W提示通有正弦式交变电流的原线圈产生的二、计算题提示原线圈电压的有效值磁场是变化的，由于面积S不变，故穿过原线圈的7.(1)e=500sin100mtVU=31V=20v磁通量Φ变化，A错误；因理想变压器无漏磁，故v2(2)i=50sin100mtAB错误；由法拉第电磁感应定律知C正确；原线圈：提示(1)线圈中感应电动势的最大值由出：-具得线圈网端的电压中的电能转化为磁场能又转化为电能，原、副线圈通过磁场联系在一起，故D错误。E.=NBSw=100x1x0.05x100mV=500VTUs-R-2×20vN=l10vS3.4电能的输送线圈中感应电动势瞬时值e=E sinot(1)当R=1002时，副线圈中电流AC所以感应电动势瞬时值表达式为提示输电线路上损失的电压△U=r,当r一e=500sin100mtV;片-6A=1.10A定时，△U和1成正比。若U越高，由=无知1越(2)交变电流的最大值由Ul=U山2得原线圈中的电流小，△U越小。输电线路上损失的功率△P=,当P:L后-809A-50A1-出-28x10A-05A定时，号，所以△P=(号片，即△P和U的方所以交变电流的瞬时值表达式为由于1，<（熔断电流），故保险丝不会被熔断：成反比，跟I的方成正比。故选项A、C正确，选i=50sinl00mtA。(2)设电阻R取某一值R。时，原线圈中的电项B、D错误。8.1)300v(2)614流1刚好达到熔断电流1o,即1'=1.0A,则副线圈3版同步检测提示(1)输电线中因发热而损失的功率中的电流A卷△P=49%P=1440W一、选择题=出-2x10A-2.0A设输电线上的电流为12，根据△P-,1.A可得12=12A提示由题图知，只有A、B图中线圈在切割磁电阻R的阻值R光-200-50感线，穿过线圈的磁通量在变化，从而产生感应电升压变压器的输出电压为：=-30v,此时变压器的输出功率流。但B图中线圈在t=0时产生的感应电动势最(2)升压变压器原、副线圈的匝数比为P=I2'U2=2.0x110W=220W大，不按正弦规律变化，故只有A图中线圈产生正可见要使保险丝不被熔断，电阻R的阻值不nU1_1弦式交变电动势e=BSsinwt,A正确。n2U26能小于552，变压器输出的电功率不能超过220W。第2页

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